Description
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问你 \([l,r]\) 区间内所有整数中各个数码出现了多少次。
\(1\leq a\leq b\leq 10^{12}\)
Solution
数位 \(DP\) 。
定义一个函数 \(cal(i)\) 为求 \([1,i)\) 中所有整数各个数码的和。显然答案就是 \(cal(r+1)-cal(l)\) 。
考虑如何求 \(cal(x)\) 。
先考虑数的位数小于 \(x\) 的情况。假设 \(x\) 的总位数为 \(tot\) 。我们可以从 \(1\sim tol-1\) 来枚举最高位。对于每次枚举的最高位 \(i\) ，显然最高位上的每个数都会计算 \(10^{i-1}\) 次， \(0\) 除外。再考虑以其为最高位开头。之后的所有数码产生的新贡献为 \(9(i-1)\cdot 10^{i-2}\) 其中 \(9\) 表示最高位有 \([1,9]\) 这 \(9\) 个数； \(i-1\) 表示之后共有 \(i-1\) 位。 \(10^{i-2}\) 指的是每一位会产生贡献（推推式子可以证明后面的每一位的数码出现频率是相同的）。
最高位等于 \(tot\) 的情况和上面是类似的，假设 \(x_i\) 为 \(x\) 的第 \(i\) 位上的数字。显然对于小于 \(x_i\) 的所有数码（包括除最高位外的 \(0\) ），都会计算 \(10^{i-1}\) 次。而 \(x_i\) 只会计算 \(last\) 次，其中 \(last\) 为 \(i\) 位之后的数字；之后的所有数码产生的新贡献和上面类似，详可见代码。
Code
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#include <bits/stdc++.h>
#define LL long long
#define dob complex<double>
#define Abs(a) ((a) < 0 ? (-(a)) : (a))
#define Max(a, b) ((a) > (b) ? (a) : (b))
#define Min(a, b) ((a) < (b) ? (a) : (b))
#define Swap(a, b) ((a) ^= (b), (b) ^= (a), (a) ^= (b))
#define writeln(x) (write(x), putchar('\n'))
#define lowbit(x) ((x)&(-(x)))
using namespace std;
void read(LL &x) {char ch; bool flag = 0;for (ch = getchar(); !isdigit(ch) && ((flag |= (ch == '-')) || 1); ch = getchar());for (x = 0; isdigit(ch); x = (x<<1)+(x<<3)+ch-48, ch = getchar());x *= 1-2*flag;
}
void print(LL x) {if (x > 9) print(x/10); putchar(x%10+48); }
void write(LL x) {if (x < 0) putchar('-'); print(Abs(x)); }LL x, y, cnt[15];void cal(LL x) {LL a[20], tot = 0, mi = 1, last = 0; while (x) a[++tot] = x%10, x /= 10;for (int i = 1; i < tot; i++) {for (int d = 1; d < 10; d++) cnt[d] += mi;for (int d = 0; d < 10; d++) cnt[d] += mi*9/10*(i-1); mi *= 10;}mi = 1;for (int i = 1; i <= tot; i++) {cnt[a[i]] += last; int begin = (i == tot);for (int d = begin; d < a[i]; d++) cnt[d] += mi;if (a[i]) for (int d = 0; d < 10; d++) cnt[d] += mi*(a[i]-begin)/10*(i-1);last += mi*a[i], mi *= 10;}
}
void work() {read(x), read(y);cal(x); for (int i = 0; i < 10; i++) cnt[i] = -cnt[i];cal(y+1); for (int i = 0; i < 9; i++) write(cnt[i]), putchar(' '); writeln(cnt[9]);
}
int main() {work(); return 0;
}